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 #1 - 02-08-2011 01:38:11

SaintPierre
Banni
Enigmes résolues : 42
Messages : 2063
Lieu: Annecy

Vus avez encore faim ?

http://nsa28.casimages.com/img/2011/08/02/110802014310256029.jpg

Les deux cercles ont le même rayon R = 1 et l'angle ADB vaut 30°.
Que vaut l'aire de la partie hachurée ?



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C'est à l'intelligence d'achever l'oeuvre de l'intuition.
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#0 Pub

 #2 - 02-08-2011 01:40:42

shadock
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 39
Messages : 3332

Vous aevz encore faim ?

L'aire d'un sixième de rosace à 6 branches.

C'est à dire [latex]\frac{2\pi-3\sqrt{3}}{6}[/latex]

Mathématiques pour les nuls 4 big_smile

Shadock.

PS : On a le droit à quoi après l'amuse bouche ? big_smile


"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline

 #3 - 02-08-2011 09:08:13

nodgim
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 0
Messages : 3793

Vous avz encore faim ?

On remarque que BCA mesure 60 degrés (c'est l'angle au centre, le double de ADB).
Alors le secteur est 1/6 du disque, la petite portion quadrillée a pour aire Pi/3-(rac3)/2.

 #4 - 02-08-2011 09:11:06

halloduda
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 24
Messages : 495
Lieu: Ardèche

vous avez encire faim ?

L'aire hachurée est égale à 1/3 de (cercle - hexagone régulier) soit
[TeX]\frac \pi 3-\frac {\sqr 3} 2 \,\approx 0.18117[/TeX]

 #5 - 02-08-2011 09:34:07

BilouDH
Habitué de Prise2Tete
Enigmes résolues : 46
Messages : 29

vous avez encore faom ?

En notant H le point d'intersection de AB et de (L) et O, O' les centres respectifs des deux cercles, on obtient que:

HA^2=R^2-OH^2
DA^2=(R+OH)^2+HA^2
et DA=(R+OH)/cos(30°)

ce qui nous donne que R/OH est solution de X^2-X-1=0 donc
R/OH=phi
et ainsi que l'aire hachurée est égale à 2*acos(phi).

 #6 - 02-08-2011 17:21:53

rivas
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 48
Messages : 1106
Lieu: Jacou

vous avez encore daim ?

ADB vaut 30° donc ACB vaut 60°
L'aire du triangle ACB vaut donc [latex]\dfrac{\sqrt3}4[/latex].
L'aire du secteur ACB vaut [latex]\dfrac\pi6[/latex]
L'aire de la lentille vaut donc: [latex]2(\dfrac\pi6-\dfrac{\sqrt3}4)=\dfrac\pi3-\dfrac{\sqrt3}2=\dfrac{2\pi-3\sqrt3}6[/latex].

Merci pour cette énigme.

 #7 - 02-08-2011 20:52:07

Franky1103
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 3066
Lieu: Luxembourg

vous avez encore fail ?

Rebonjour,
S/2 = Aire secteur ACB - Aire triangle ACB

Il faut connaitre l'angle ACB (alors qu'on connait que l'angle ADB): glups !
Soit C' le symétrique de C par rapport à AB.
Le triangle DC'A est isocèle donc ADC' = DAC' et DC'A = pi - 2 ADC = pi - ADB
Or ACD = pi - DC'A et donc ACD = ADB et au final ACB = 2 ADB
Et donc Aire secteur ACB = pi R² ACB / 2pi = R² ADB (ADB exprimé en radians)

Il faut aussi connaitre R-c (c étant la corde) et AB/2 (que j'appelle h): reglups !
La trigo dit: sin(ACB/2) = h/R d'où h = R sin(ADB)
Pythagore dit: R² = (R-c)² + h² d'où R-c = R V(1 - sin²(ADB)) = R cos(ADB)
Et donc Aire triangle ACB = h(R-c) = R² sin(ADB) cos(ADB) = R² sin(2 ADB) / 2

Revenons à nos moutons:
S/2 = R² ADB - R² sin (2 ADB) / 2
Et au final: S = R² [2 ADB - sin (2 ADB)]

AN (comme à l'école): R=1 et ADB=30°=pi/6
S = pi/3 - (V3)/2 = 0,181 env.
Ouf !!!

Re-bonne soirée.
Frank

PS: Ouf parce que les énigmes de SaintPierre vont vraiment crescendo.
Merci pour cette énigme et je n'ai plus faim !!!
Et encore, je me demande si je ne me suis pas planté.

 #8 - 03-08-2011 11:56:16

franck9525
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 48
Messages : 1932
Lieu: UK

Vous avez necore faim ?

L'angle en C est le double de celui en D.
nous avons donc
[TeX]A=R^2(\alpha-sin(\alpha))\approx0.1812[/TeX]
edit:
avec [latex]\alpha[/latex] l'angle en C, ici 60º


The proof of the pudding is in the eating.

 #9 - 03-08-2011 12:20:55

looozer
Expert de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 692
Lieu: Belgique

Vous avez encoree faim ?

Par trigonométrie du triangle rectangle on trouve AB=1 et donc, ABC est équilatéral.
En calculant l'aire du secteur ABC moins l'aire du triangle ABC, puis en multipliant par 2, j'obtiens : [latex]\frac{\pi }{3}-\frac{\sqrt{3}}{2}[/latex]

 #10 - 03-08-2011 16:05:53

Oxxmoz
Amateur de Prise2Tete
Enigmes résolues : 21
Messages : 2

vous avzz encore faim ?

Soit C1 le cercle de gauche
Soit C', centre de C1, symétrique de C par rapport  à [AB]
Angle AC'B : Angle inscrit au centre de C1, et D appartient à C1,
donc AC'B = 2 ADB = 60°

Aire du secteur AC'B = 2 x pi/12 = pi/6
Aire du triangle AC'B : Base = AB = 1 et hauteur = cos(pi/6)=V3/2
Aire du triangle AC'B = V3/4

Surface hachurée = 2 x (Aire du scteur AC'B - Aire du triangle AC'B)
Surface hachurée = 2 x (pi/6 - V3/4)
Surface hachurée = pi/3 - V3/2

Voilou smile

 #11 - 03-08-2011 16:20:39

racine
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 1224

Vous avez encre faim ?

ACB vaut 60°, après ça vient tout seul:

(Pi/3-moi de(3)/2)=0,181

 

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