Enigmes

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 #26 - 23-10-2015 13:43:01

unecoudée
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 0
Messages : 214

Gâteeau 108

bonjour.

si je prend le plus grand côté sur lequel je place debout 63 rectangles j'obtiens un ratio de 32/33 . je perd donc 1/33 du gâteau .

#0 Pub

 #27 - 23-10-2015 15:10:29

Franky1103
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 2863
Lieu: Luxembourg

gâtzau 108

Je mets une grosse part au milieu = 1.
Je comble les 3 chutes par une part moins grosse = 3 (cumul = 4).
Je recomble par une part encore moins grosse = 3 + 2 + 2 = 7 (cumul = 11).
Je re-recomble = 7 + 4 + 4 = 15 (cumul = 26).
Encore une fois = 15 + 8 + 8 = 31 (cumul = 57).
Mince, le compte n'y est pas et je ne suis même pas sûr que ce soit optimal.
Affaire à suivre .....

 #28 - 23-10-2015 17:01:51

enigmatus
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 0
Messages : 493

Gâteau 1088

Vasimolo #22 a écrit:

@Enigmatus : c'est bien ça mais pourquoi est-ce la meilleure solution ?

On découpe le triangle initial en n bandes horizontales (y compris le triangle vide tout en haut), de hauteurs h_1, h_2,...,h_n.
H est la hauteur du triangle initial, et S sa surface. On définit les coefficients k_i = h_i / H.
La surface perdue est égale à (somme, pour i=1->n)(S * k_i^2).
On sait que somme(k_i)=1, et on veut minimiser somme(k_i^2). On montre facilement que les k_i doivent être égaux (k_i=1/n, surface perdue=S/n).
On veut que n soit le plus grand possible, donc chaque bande horizontale ne contient qu'une part de gâteau, et n=64.

 #29 - 23-10-2015 18:39:39

Vasimolo
Le pâtissier
Enigmes résolues : 49
Messages : 5,117E+3

Gâteau 1008

@Une coudée : little bug smile
@Franky : tu t'enfonces : il faut faire très , très , très simple !!!!
@Enigmatus : C'est ça et "on montre facilement" va devenir un leitmotiv du fil smile

Vasimolo

 #30 - 23-10-2015 18:52:19

unecoudée
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 0
Messages : 214

Gâteua 108

Il me semble avoir donné une réponse en français ; et je ne comprend pas la réponse donnée ; excuse moi de t'avoir importuné.

 #31 - 23-10-2015 19:04:32

Vasimolo
Le pâtissier
Enigmes résolues : 49
Messages : 5,117E+3

Gâteau 180

J'avais bien compris : il y a une petite erreur dans ta réponse smile

Vasimolo

 #32 - 23-10-2015 21:56:04

shadock
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 39
Messages : 3332

fâteau 108

Bon impossible pour moi de charger la moindre image depuis mon ordinateur hmm
Pour le moment je trouve qu'un triangle isocèle rectangle est la meilleur des solutions. Partant du fait que les rectangles s'agencent bien dans un grand rectangle, bon il reste un peu de place puisqu'ils ne sont que 63.
Du coup en coupant le grand rectangle en deux de selon une diagonale et en ajoutant une hauteur de rectangle (petit) à la hauteur du triangle qui passe par son sommet droit est suffisant. Mais il y a sans doute mieux. neutral

shadock


"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline

 #33 - 23-10-2015 23:14:11

unecoudée
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 0
Messages : 214

gâtrau 108

je pense qu'en empilant les 63 parts on perd 1/64 du gâteau.
la largeur d'une part 
                                   [latex]l = \frac{H}{64} [/latex]  H étant la hauteur
associée à la base B parallèle aux longueurs des 63 parts
et de manière générale , le couper en n parts rectangulaires nous fera gaspiller

[latex]\frac{1}{n+1}[/latex] du gâteau .

 #34 - 24-10-2015 08:18:39

Franky1103
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 2863
Lieu: Luxembourg

Gâteau 18

Après une nuit de réflexion smile, la solution est probablement un empilement de 63 rectangles semblables en progression géométrique. Quant à prouver que c'est la solution optimale, il me faudra une autre nuit de réflexion. smile

 #35 - 24-10-2015 08:29:09

Vasimolo
Le pâtissier
Enigmes résolues : 49
Messages : 5,117E+3

Gâtaeu 108

@Schadock : ça a l'air juste , il reste à justifier .
@Une coudée : c'est bon . Pourquoi ne peut-on pas faire mieux ?
@Franky : c'est toujours pas ça , tu vas t'en vouloir quand tu vas voir la solution lollol

Vasimolo

 #36 - 24-10-2015 14:57:26

shadock
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 39
Messages : 3332

Gâteau 1108

Ah oui mais attend 63=9*7 donc ils s'agencent parfaitement dans le grand rectangle roll

Bon j'essaye de finaliser ma réponse au plus vite du coup


"L'expérience est une lanterne qui n'éclaire que celui qui la porte." L-F. Céline

 #37 - 24-10-2015 17:52:21

Vasimolo
Le pâtissier
Enigmes résolues : 49
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Gââteau 108

Non Shadock , tu t'éloignes .......

 #38 - 24-10-2015 19:08:57

Franky1103
Elite de Prise2Tete
Enigmes résolues : 49
Messages : 2863
Lieu: Luxembourg

GGâteau 108

En dernier recours, avant la fin du temps règlementaire, je divise le plus grand côté du triangle en 65 parties égales: les 63 parties centrales forment le petit côté des parts de gâteau toutes perpendiculaires à ce grand côté du triangle, toujours sans prouver un éventuel optimum.

 #39 - 25-10-2015 09:26:44

Vasimolo
Le pâtissier
Enigmes résolues : 49
Messages : 5,117E+3

hâteau 108

Tout a été dit ou presque smile

Voilà comment j'avais vu les choses :

On empile les rectangles sur un côté :

http://www.prise2tete.fr/upload/Vasimolo-reponse108.png

La surface laissée libre représente 64 triangles semblables dont la hauteur totale est celle du triangle initial et dont l'aire totale est proportionnelle à la somme des carrés des hauteurs . Or la somme des carrés est minimale quand toutes les hauteurs sont  égales ( il suffit de développer (h-x)²+(h+x)² pour s'en rendre compte ) .

La surface perdue représente donc 1/64 du gâteau c'est à dire 125 g .

C'est 63+1=64 qui fait fonctionner le problème et c'est pour cette raison que j'ai pensé à Bell , il ne faut pas y chercher une quelconque intention malveillante .   

En tout cas merci aux participants smile

Vasimolo

 #40 - 25-10-2015 11:41:59

portugal
Professionnel de Prise2Tete
Enigmes résolues : 22
Messages : 382

gâteay 108

•    Un peu déçu car je cherchais une explication pour laquelle cette forme d’empilement est optimale au delà de l’explication intuitive sur le fait que les parts « verticales » perdent de la place du fait de la séparation du sommet.

•    Pour la somme minimale je vois que je ne suis pas le seul à ne pas avoir écrit une démo digne de ce nom. Je m’y colle :

-    Soit la somme des Ai ^2 avec Ai quelconque.
-    On note M la moyenne arithmétique de Ai, et des Bi tels que Ai = M + Bi
-    On développe Somme [ (M+Bi) ^2 ] = nM + Somme (Bi) ^2 + 0
                 (car somme Bi=0 par construction)
-    Qui est donc minimum pour Bi=0 quel que soit i
-    D’où Ai=M pour tout i

 

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